Дифференциальное уравнение Клеро
Решение дифференциального уравнения Клеро
Рассмотрим уравнение Клеро:
(1)
Не трудно убедиться, что его общее решение имеет вид:
(2)
Действительно, поскольку – постоянная, то – тоже постоянная. Тогда дифференцируя (2) имеем:
;
(3) .
Подставляя (2) и (3) в (1), получаем тождество:
.
Особое решение дифференциального уравнения Клеро
Уравнение Клеро может иметь особое решение. Как известно, если общее решение дифференциального уравнения имеет вид:
,
то особое решение может получиться исключением из уравнений:
;
.
В нашем случае, решение (2) можно записать в виде:
.
Тогда
.
Тогда особое решение может получиться, исключением из уравнений:
;
.
Поскольку возможны посторонние решения, то после нахождения особого решения, необходимо проверить, удовлетворяет ли он исходному уравнению (1).
Пример
Решить уравнение:
(1.1)
Это уравнение Клеро. Его общее решение имеет вид:
Ищем особое решение. Перепишем общее решение в виде:
.
Дифференцируем по :
.
Тогда особое решение может получиться исключением из уравнений:
(1.2) ;
(1.3) .
Исключаем . Из уравнения (1.3) имеем:
(1.4) .
Возводим в квадрат и преобразуем:
;
;
. Отсюда следует, что .
Извлекаем квадратный корень:
(1.5) .
Поскольку мы возводили в квадрат, то, возможно, (1.5) содержит лишние решения, которые не удовлетворяют (1.4). Сейчас мы примем (1.5), а отсев лишних решений сделаем в самом конце.
Подставим (1.4) и (1.5) в (1.2):
.
Итак, особые решения имеют вид:
(1.6) .
Теперь сделаем проверку, чтобы выяснить, удовлетворяет ли исходному уравнению (1.1):
(1.1) .
Находим производную (1.6) и выполняем преобразования:
;
;
.
Подставляем в (1.1):
(1.7) .
При , . Уравнение (1.7) принимает вид:
.
Оно выполняется, если взять нижний знак:
.
То есть при , .
При , . Уравнение (1.7) принимает вид:
.
Оно выполняется, если взять верхний знак:
.
То есть при , .
Общее решение уравнения имеет вид:
При уравнение имеет особое решение:
.
При уравнение имеет особое решение:
.
Автор: Олег Одинцов . Опубликовано: 24-08-2012 Изменено: 10-04-2016
Лекция 2. Дифференциальные уравнения первого порядка, не разрешённые относительно производной .
Рассмотрим уравнение вида
F ( x , y , y ‘ ) = 0 ,
не разрешённое относительно производной. Если попытаться выразить из него y ‘ , то можно получить , вообще говоря , несколько уравнений
Геометрически это означает , что в каждой точке задаётся несколько направлений поля (см.рис.2).
Следовательно через любую точку M ( x , y ) может проходить несколько интегральных кривых . Для того, чтобы выделить из этого множества единственную интегральную кривую, проходящую через заданную точку M0 ( x0 , y0) , надо помимо значений ( x0 , y0 ) дополнительно задать в этой точке направление поля y ‘ ( x0) = y ‘0 .
Задача Коши . Найти решение уравнения F ( x , y , y ‘ ) = 0, удовлетворяющее начальным условиям y ( x0) = y0 и y ‘ ( x0) = y ‘0 , где y ‘0 — решение уравнения F ( x0 , y0 , y ‘ ) = 0.
Теорема существования и единственности решения задачи Коши.
Пусть в некоторой окрестности U точки (x0 , y0 , y ‘0 ), где y ‘0 — решение уравнения F ( x0 , y0 , y ‘ ) = 0, выполнены условия :
1) F( x , y , y ‘ ) определена, непрерывна и имеет непрерывные частные производные F’y и F’y ‘ по совокупности переменных ( x , y , y ‘ ) ;
2) значение производной Fy‘‘ (x0 , y0 , y’0 )0.
Тогда в некоторой окрестности точки x0 существует единственное решение уравнения F (x, y, y’) = 0, удовлетворяющее условиям y(x0) = y0 и y’ (x0) = y’0 .
Метод введения параметра.
На практике при решении уравнений F( x , y , y ‘ ) = 0 часто используют следующий метод.
Предположим , что уравнение F( x , y , y ‘ ) = 0 “легко” решить относительно y : y = f ( x , y ‘ ). Тогда введем замену y ‘ = p ( параметр зависит от x ). Предполагая, что дифференциальное уравнение имеет решение y = y ( x ) , получим ( в силу уравнения )
Из этих равенств выражаем :
Это уравнение разрешено относительно производной . Пусть его общее решение имеет вид p = p ( x , C ) .Тогда общее решение заданного уравнения можно записать в виде y =f ( x , p ( x , C ) ). Решение найдено.
Таким методом можно решать , в частности , уравнения Лагранжа и Клеро.
Уравнение вида называется уравнением Лагранжа. Оно является линейным относительно переменных x и y . Частным случаем этого уравнения является уравнение Клеро. Оно имеет вид :
Пример 1 . Решить уравнение
Решение. Выразим из уравнения (5) переменную y :
.Заменим и получим
Продифференцируем его по x :
Из этих равенств получаем :
После подстановки этих выражений в (6) будем иметь
Ответ :
Этим методом можно также решать уравнения , в которых «легко» выражается переменная x . Рассмотрим
Пример 2 . Решить уравнение
Решение . Выразим из уравнения (7) переменную x и введём параметр p :
Продифференцируем уравнение (8) по p :
Отсюда в силу равенства dy = p dx получим :
Проинтегрируем это уравнение :
Таким образом , с учётом ( 8 ) , получаем общее решение в параметрическом виде :
Примеры. Решить уравнения :
Уравнения в полных дифференциалах.
Если в уравнении (9) функции
В этом случае уравнение (9) называют уравнением в полных дифференциалах. После интегрирования получим общее решение уравнения
Теорема 1. Пусть функции непрерывные в некоторой односвязной области . Тогда необходимым и достаточным условием того, что уравнение (9) — в полных дифференциалах , является условие
Доказательство. 1. Необходимость.
Если выбрать функцию так, чтобы
то и , следовательно ,
Таким образом , в уравнении (9)
Теорема 1 доказана.
Из теоремы следует , что общее решение уравнения (9) можно записать в виде
если Функцию U можно также представить в виде
Предположим , что . Тогда можно попытаться найти такую функцию , чтобы . Функция называется интегрирующим множителем . В этом случае мы получаем уравнение
в полных дифференциалах. Следовательно, в силу теоремы 1,
Это уравнение позволяет найти интегрирующий множитель. Рассмотрим
Пример. Решить уравнение
Решение. Простой проверкой убеждаемся , что (10) не является уравнением в полных дифференциалах. Умножим его на неизвестную функцию :
Попробуем найти из уравнения :
Пусть . Обозначим через и получим
После подстановки этих выражений в (11) будем иметь :
Проинтегрируем полученное уравнение :
Таким образом, интегрирующий множитель можно взять в виде
Умножим теперь уравнение (10) на функцию
Теорема 2. Если функции M и N непрерывные , имеют непрерывные частные производные первого порядка по x и по y , и , то интегрирующий множитель существует.
Замечание. Точка ( x0 , y0 ), в которой M ( x0 , y0 ) = N ( x0 , y0 ) = 0 является особой точкой уравнения (9). Поведение решений в окрестности особой точки изучается в лекции 3.
Примеры. Решить дифференциальные уравнения :
Уравнение Клеро
Вы будете перенаправлены на Автор24
Дифференциальные уравнения первого порядка, не разрешенные относительно производной.
В общем виде дифференциальные уравнения первого порядка, не разрешенные относительно производной, записываются как $F\left(x,y,y’\right)=0$.
Основной метод решения таких дифференциальных уравнений состоит в том, чтобы выполнить некоторые преобразования, приводящие к уравнениям, разрешенным относительно производной. В дальнейшем могут применяться любые из известных методов, соответствующие тому, что в результате получилось: или уравнение с разделяющимися переменными, или однородное уравнение, или линейное уравнение и т.п.
Решить дифференциальное уравнение $y’^ <3>-y’^ <2>\cdot x+2\cdot y’=2\cdot x$.
Данное дифференциальное уравнение не разрешено относительно производной, поэтому известные методы для его решения применить не удается.
Поэтому выполняем следующие преобразования:
- все слагаемые переносим в одну сторону $y’^ <3>-y’^ <2>\cdot x+2\cdot y’-2\cdot x=0$;
- выражение слева разлагаем на множители $\left(y’^ <2>+2\right)\cdot \left(y’-x\right)=0$;
- так как $y’^ <2>+2\ne 0$, то исходное уравнение эквивалентно $y’-x=0$.
Получено дифференциальное уравнение, допускающее непосредственное интегрирование: $\frac
Отсюда: $y=\int x\cdot dx $; $y=\frac
Решить дифференциальное уравнение
\[y’^ <2>-y’\cdot y+\cos x\cdot \left(y’-y\right)=0.\]
Данное дифференциальное уравнение не разрешено относительно производной, поэтому выполняем преобразования:
\[y’\cdot \left(y’-y\right)+\cos x\cdot \left(y’-y\right)=0;\] \[\left(y’-y\right)\cdot \left(y’+\cos x\right)=0.\]
Таким образом, данное дифференциальное уравнение эквивалентно двум другим: $y’-y=0$ и $y’+\cos x=0$.
Первое дифференциальное уравнение $y’-y=0$ решается посредством разделения переменных:
Второе дифференциальное уравнение $y’+\cos x=0$ допускает непосредственное интегрирование: $\frac
Метод введения параметра
В ряде случаев дифференциальное уравнение вида $F\left(x,y,y’\right)=0$ не удается разрешить относительно производной. Но вполне возможно, что оно разрешимо или относительно $y$, или относительно $x$. Тогда мы получаем дифференциальное уравнение общего вида $y=u\left(x,y’\right)$ или $x=v\left(y,y’\right)$. Некоторые из дифференциальных уравнений подобного вида можно решить методом введения параметра.
Рассмотрим пример дифференциального уравнения вида $x=f\left(y’\right)$.
Решается введением параметра $\frac
В результате имеем решение данного дифференциального уравнения в параметрической форме, задаваемое следующими выражениями:
Готовые работы на аналогичную тему
Решить дифференциальное уравнение $8\cdot y’^ <3>=27\cdot x$.
Здесь мы имеем дифференциальное уравнение вида $x=f\left(y’\right)$, не разрешенное относительно производной.
Вводим параметр $\frac
Здесь $f\left(p\right)=\frac<8> <27>\cdot p^ <3>$, откуда $\frac
Таким образом, решение данного дифференциального уравнения в параметрической форме задается следующими выражениями:
Отсюда получаем: $\left\<\begin
Параметр $p$ из этой системы уравнений можно исключить:
из $x=\frac<8> <27>\cdot p^ <3>$ получаем $p^ <3>=\frac<27> <8>\cdot x$ или $p=\frac<3> <2>\cdot x^<\frac<1> <3>> $;
подставляем в $y=\frac<2> <9>\cdot p^ <4>+C$ и получаем $y=\frac<2> <9>\cdot \left(\frac<3> <2>\cdot x^<\frac<1> <3>> \right)^ <4>+C$ или $y=\frac<9> <8>\cdot x^<\frac<4> <3>> +C$.
Таким образом, получено общее решение $y=\frac<9> <8>\cdot x^<\frac<4> <3>> +C$ данного дифференциального уравнения $8\cdot y’^ <3>=27\cdot x$ в явной форме.
Решение уравнения Клеро
Уравнение Клеро имеет вид $y=x\cdot y’+\psi \left(y’\right)$ и относится к более сложным видам дифференциальных уранений, не разрешенных относительно производной.
Введим параметр $\frac
После дифференцирования и простых преобразований получаем уравнение $\frac
Из этого уравнения следует $p=C$. Отсюда получаем общее решение дифференциального уравнения Клеро $y=x\cdot C+\psi \left(C\right)$. Иначе говоря, общее решение можно получить из данного уравнения $y=x\cdot y’+\psi \left(y’\right)$ формальной заменой $y’$ на $C$.
Уравнение $x+\psi ‘\left(p\right)=0$.
Это уравнение дает особое решение в параметрической форме:
Оно представляет собой огибающую семейства кривых общего решения.
Решить дифференциальное уравнение $y=x\cdot y’+y’$.
Имеем уравнение Клеро, в котором $\psi \left(y’\right)=y’$.
Вводим параметр $\frac
Формально заменив в данном дифференциальном уравнении $y’$ на $C$, получим его общее решение $y=x\cdot C+C$ или $y=C\cdot \left(x+1\right)$.
Находим особое решение.
Так как $\psi \left(p\right)=p$ и $\frac
Получи деньги за свои студенческие работы
Курсовые, рефераты или другие работы
Автор этой статьи Дата последнего обновления статьи: 19 01 2022
http://vicaref.narod.ru/ODE/lec2.html
http://spravochnick.ru/matematika/differencialnye_uravneniya/uravnenie_klero/